Initiere in problemistica II

de Paul Raican

Pentru astazi avem continuarea primului articol  -Initiere in problemistica-.

Daca in prima parte a articolului am facut cunostinta cu Problema Justificativa si cu Problema Inedita, in partea a II-a lucrurile incep sa se complice. Va propun 3 Probleme Justificative  mai dificile, bineinteles, cu paradox [pe care va invit sa-l descoperiti alaturi de rezolvarile lor].

Problema 1.

Este compusa de Ulrich Ring, Feenschach74, 1985. Care este paradoxul?

PJ in 13 mutari

probl-4-ulrich-ring

 

Problema 2.

Este compusa de Andrey Frolkin, Europe-Echecs, 1985, si foloseste aceeasi tema ca si prima PJ.

PJ in 13,5 mutari

[13 mutari complete alb-negru + 1 mutare albul]

probl-5-andrey-frolkin

 

Problema 3.

Este compusa de Unto Heinonen, The Problemist, 1991. Evident ca pionul lipsa din d2 a fost capturat de un cal. De care ?

PJ in 12 mutari

probl-6-unto

 

Va doresc spor la rezolvari!

13 Comentarii

  • Imanol

    paradoxul: Sb8Sg8

    1.a4 Sc6 2.Ra3 Sd4 3.Rd3 S:e2 4.Sc3 S:g1 5.Qf3 Sf6 6.Qc6 dc6 7.Sd1 Sd7 8.c3 Sb8 9.Rd7 Sh3 10.Ba6 Sg5 11.Ke2 Se4 12.Kd3 Sf6 13.Kc4 Sg8

    februarie 6, 2009 - 7:27 pm Raspunde
  • Imanol

    Problema 1
    Ulrich Ring
    Feenschach74, 1985

    PJ in 13 mutari

    Paradoxul: Sb8><Sg8

    1.a4 Sc6 2.Ra3 Sd4 3.Rd3 S:e2 4.Sc3 S:g1 5.Qf3 Sf6 6.Qc6 dc6 7.Sd1 Sd7 8.c3 Sb8 9.Rd7 Sh3 10.Ba6 Sg5 11.Ke2 Se4 12.Kd3 Sf6 13.Kc4 Sg8

    februarie 6, 2009 - 7:47 pm Raspunde
  • Eric

    Pentru cei interesati de diagrama 1, cateva observatii lamuritoare.
    Mutarile albe apar destul de clar (a4, c3, Ta3-d3-d7, Na6, Cc3-d1, Df3-c6, Re2-d3-c4 = 13 mutari, in dezordine) insa mutarile negre trebuie gasite si coordonate cu cele albe.
    Aviz amatorilor: este o problema de logica !

    februarie 6, 2009 - 7:57 pm Raspunde
  • Eric

    Bravo lui Imanol care a gasit si postat solutia 🙂

    februarie 6, 2009 - 7:58 pm Raspunde
  • vasyly66

    Bravo Imanol !!
    Mai asteptam si alti cititori sa intre la noi pe blog cu rezolvari la aceste frumoase probleme 🙂
    Impreuna vom sti cum pot evolua aceste articole extraordinare despre problemele de sah [care dealtfel nu prea se gasesc pe site-urile romanesti]
    Va multumim Maestre pentru ajutorul dat la rezolvarile acestor probleme.

    februarie 7, 2009 - 10:39 am Raspunde
  • Eric

    Imanol n-a avut nevoie de ajutorul meu, a gasit solutia singur 🙂

    O observatie despre partida nr.1. Eexista o incercare de rezolvare care nu merge, din cauza lipsei de timp pentru negru: 1.a4 Cc6 2.Ta3 Cd4 3.Td3 C:e2 4.Cc3 Cd4 5.Df3 Cc6 6.Cd1 Cb8 7.Dc6 d:c6 8.c3 Cf6 9.Td7 Cg4 10.Na6 Ce5 11.Re2 Cf3 12.Rd3 C:g1 13.Rc4 Cg1-g8??
    Asta explica de ce calul b8 trebuie sa captureze calul alb g1, insa dupa captura calul negru n-are timp sa se intoarca la b8; numai calul g8 poate ajunge la b8 in 3 mutari.

    Pentru partida nr.2 este cam aceeasi poveste. Nu incearca nimeni?

    februarie 7, 2009 - 4:20 pm Raspunde
  • Imanol

    Problema 3
    Unto Heinonen
    The Problemist, 1991

    1.c4 Sf6 2.Qa4 Se4 3.Qc6 S:d2 4.e4 Sb3 5.Bh6 Sa6 6.Sd2 Sb4 7.Rc1 Sd5 8.Rc3 Sf6 9.Rf3 Sg8 10.Rf6 Sc5 11.f4 Sa6 12.Sf3 Sb8

    februarie 8, 2009 - 12:16 am Raspunde
  • Eric

    Imanol continua si rezolva si partida nr.3 !
    Paradoxul este acelasi in PJ nr.3 (interschimbarea cailor negri) numai ca finlandezul Unto Heinonen a reusit s-o faca in numai 12 mutari. Cred ca este cea mai scurta PJ care prezinta tema aceasta.

    februarie 8, 2009 - 9:19 am Raspunde
  • Imanol

    Problema 2
    Andrey Frolkin
    Europe Echecs, 1985

    PJ 13,5 mutari

    1.Sc3 Sf6 2.Sd5 Se4 3.S:e7 Sg5 4.Sg6 Bb4 5.S:h8 d6 6.S:f7 Kd7 7.e3 Kc6 8.Bb5+ K:b5 9.Sh6 c6 10.Sg4 Qa5 11.Se5 Sd7 12.Sc4 Sb6 13.Sa3 Bd7 14.Sb1

    februarie 8, 2009 - 5:59 pm Raspunde
  • paul

    Problema 2 poate fi mai usor rezolvata numarand mutarile clare ale negrului si observand ca Pe7, Pf7 si Th8 au fost capturate pe pozitiile initiale…

    februarie 8, 2009 - 7:06 pm Raspunde
  • Eric

    In detalii: din diagrama problemei nr.2, se vede ca negrul a jucat, cel putin:
    – doua mutari de pioni (c6+d6)
    – cinci mutari de cai (Cd7-b6 si Cf6-e4-g5)
    – doua mutari de nebuni (Nb4 si Nd7)
    – o mutare de dama (Da5)
    – trei mutari de rege (Rd7-c6-b5).
    2+5+2+1+3=13, adica fix numarul total de mutari negre permise de enunt.

    februarie 8, 2009 - 7:47 pm Raspunde
  • paul

    In rezolvarea problemei 2 (Andrey Frolkin, Europe Echecs, 1985)apare o mutare ilegala (13…Bd7)intrucat regele negru e in sah de la Ca3. Deoarece a trecut mult timp de cand problema a fost postata, redau solutia corecta: 1.Sc3 Sf6 2.Sd5 Se4 3.S:e7 Sg5 4.Sg6 Bb4 5.e3 d6 6.Se2 Kd7 7.Sc3 Kc6 8.Sb1 Sd7 9.Bb5+ K:b5 10.S:h8 c6 11.S:f7 Qa5 12.Se5 Sb6 13.Sf3 Bd7 14.Sg1.

    august 16, 2009 - 7:47 pm Raspunde
  • Imanol

    Da. Este adevărat. O mutare 13…Bd7 (?) e ilegala; regele negru e in sah! Mulţumesc pentru corectare. Errare humanum est!

    august 18, 2009 - 7:49 pm Raspunde

Lasa un Comentariu

Adresa dvs de email nu va fi publicata.